在這裏,有四個很特別、很重要的實例。這些實例都有一個共同點,那就是,它們的位勢都是球對稱的。因此,它們的角部分解答都是球諧函數。這四個實例是:
V
(
r
)
=
0
{\displaystyle V(r)=0}
:原方程變為亥姆霍茲方程
(
∇
2
+
2
μ
E
ℏ
2
)
A
=
0
{\displaystyle (\nabla ^{2}+{\frac {2\mu E}{\hbar ^{2}}})A=0}
,使用球諧函數為正交歸一基 ,解析眞空狀況實例。這實例可以做為別的實例的基礎。
當
r
<
r
0
{\displaystyle r<r_{0}}
時,
V
(
r
)
=
0
{\displaystyle V(r)=0}
;否則,
V
(
r
)
=
∞
{\displaystyle V(r)=\infty }
:這實例比第一個實例複雜一點,可以描述三維的圓球形盒子中的粒子的量子行為。
V
(
r
)
∝
r
2
{\displaystyle V(r)\propto r^{2}}
:研討三維均向性 諧振子 的實例。在量子力學裏,是少數幾個存在簡單的解析解 的量子模型。
V
(
r
)
∝
1
/
r
{\displaystyle V(r)\propto 1/r}
:關於類氫原子 的束縛態 的實例,也有簡單的解析解。
思考
V
(
r
)
=
0
{\displaystyle V(r)=0}
的狀況,設定
k
=
d
e
f
2
μ
E
ℏ
2
{\displaystyle k\ {\stackrel {\mathrm {def} }{=}}\ {\sqrt {2\mu E \over \hbar ^{2}}}}
,在設定無因次 的變數
ρ
=
d
e
f
k
r
{\displaystyle \rho \ {\stackrel {\mathrm {def} }{=}}\ kr}
。
代入方程式(2),定義
J
(
ρ
)
=
d
e
f
ρ
R
(
r
)
{\displaystyle J(\rho )\ {\stackrel {\mathrm {def} }{=}}\ {\sqrt {\rho }}R(r)}
,就會得到貝塞爾方程式 ,一個二階常微分方程式 :
ρ
2
d
2
J
d
ρ
2
+
ρ
d
J
d
ρ
+
[
ρ
2
−
(
l
+
1
2
)
2
]
J
=
0
{\displaystyle \rho ^{2}{d^{2}J \over d\rho ^{2}}+\rho {dJ \over d\rho }+\left[\rho ^{2}-\left(l+{\frac {1}{2}}\right)^{2}\right]J=0}
。
貝塞爾方程式的解答是第一類貝塞爾函數
J
l
+
1
/
2
(
ρ
)
{\displaystyle J_{l+1/2}(\rho )}
;而
R
(
r
)
{\displaystyle R(r)}
是第一類球貝塞爾函數 (真空解的邊界條件 要求原點的函數值有限,因此在原點趨於無窮的第二類球貝塞爾函數項的係數必須為零):
R
(
r
)
=
j
l
(
k
r
)
=
d
e
f
π
/
(
2
k
r
)
J
l
+
1
/
2
(
k
r
)
{\displaystyle R(r)=j_{l}(kr)\ {\stackrel {\mathrm {def} }{=}}\ {\sqrt {\pi /(2kr)}}J_{l+1/2}(kr)}
。(4)
在眞空裏,一個粒子的薛丁格方程(即自由空間中的齊次 亥姆霍茲方程 )的解,以球坐標來表達,是球貝塞爾函數與球諧函數的乘積:
ψ
(
r
,
θ
,
ϕ
)
=
A
k
l
j
l
(
k
r
)
Y
l
m
(
θ
,
ϕ
)
{\displaystyle \psi (r,\ \theta ,\ \phi )=A_{kl}j_{l}(kr)Y_{lm}(\theta ,\phi )}
;
其中,歸一常數
A
k
l
=
2
π
k
{\displaystyle A_{kl}={\sqrt {\frac {2}{\pi }}}\,k}
,
l
{\displaystyle l}
是非負整數,
m
{\displaystyle m}
是整數,
−
l
≤
m
≤
l
{\displaystyle -l\leq m\leq l}
,
k
{\displaystyle k}
是實數,
k
≥
0
{\displaystyle k\geq 0}
。
這些解答都是角動量確定態的波函數。這些確定態都有明確的角動量。
波函數的角部分已經歸一化,剩下來必須將徑向部分歸一化。徑向函數的歸一化條件為
1
=
A
k
l
2
∫
0
∞
r
2
j
l
2
(
k
r
)
d
r
{\displaystyle 1=A_{kl}^{2}\int _{0}^{\infty }\ r^{2}j_{l}^{2}(kr)\ dr}
。
根據球貝塞爾函數的封閉方程式 ,
∫
0
∞
x
2
j
α
(
k
1
x
)
j
α
(
k
2
x
)
d
x
=
π
2
k
1
2
δ
(
k
1
−
k
2
)
{\displaystyle \int _{0}^{\infty }\ x^{2}j_{\alpha }(k_{1}x)j_{\alpha }(k_{2}x)\ dx={\frac {\pi }{2k_{1}^{2}}}\delta (k_{1}-k_{2})}
;
其中,
α
>
0
{\displaystyle \alpha >0}
,
δ
k
{\displaystyle \delta _{k}}
為克羅內克δ 。
所以,
1
=
A
k
l
2
π
2
k
2
{\displaystyle 1=A_{kl}^{2}{\frac {\pi }{2k^{2}}}}
。取平方根,歸一常數
A
k
l
=
2
π
k
{\displaystyle A_{kl}={\sqrt {\frac {2}{\pi }}}\,k}
。
球貝塞爾函數
j
l
(
x
)
{\displaystyle j_{l}(x)}
。
思考一個球對稱的無限深方形阱,阱內位勢為0,阱外位勢為無限大。用方程式表達:
V
(
r
)
=
{
0
,
if
r
≤
r
0
∞
,
if
r
>
r
0
{\displaystyle V(r)={\begin{cases}0,&{\mbox{if }}r\leq r_{0}\\\infty ,&{\mbox{if }}r>r_{0}\end{cases}}}
。
其中,
r
0
{\displaystyle r_{0}}
是球對稱阱的半徑。
立刻,可以察覺,阱外的波函數是0;而由於阱內的薛丁格方程式與真空狀況的薛丁格方程式相同,波函數是球貝塞爾函數
R
(
r
)
=
j
l
(
k
r
)
{\displaystyle R(r)=j_{l}(kr)}
。為了滿足邊界條件,波函數必須是連續的。匹配阱內與阱外的波函數,球貝塞爾函數在徑向坐標
r
=
r
0
{\displaystyle r=r_{0}}
之處必須等於0:
j
l
(
k
r
0
)
=
0
{\displaystyle j_{l}(kr_{0})=0}
。
設定
ξ
n
l
{\displaystyle \xi _{nl}}
為
l
{\displaystyle l}
階球貝塞爾函數
j
l
{\displaystyle j_{l}}
的第
n
{\displaystyle n}
個0點,則
k
n
l
r
0
=
ξ
n
l
{\displaystyle k_{nl}r_{0}=\xi _{nl}}
。
那麼,離散的能級
E
n
l
{\displaystyle E_{nl}}
為
E
n
l
=
ℏ
2
k
n
l
2
2
μ
=
ℏ
2
ξ
n
l
2
2
μ
r
0
2
{\displaystyle E_{nl}={\frac {\hbar ^{2}k_{nl}^{2}}{2\mu }}={\frac {\hbar ^{2}\xi _{nl}^{2}}{2\mu r_{0}^{2}}}}
。
薛丁格方程式的整個解答是
ψ
n
l
m
(
r
,
θ
,
ϕ
)
=
A
n
l
j
l
(
ξ
n
l
r
/
r
0
)
Y
l
m
(
θ
,
ϕ
)
{\displaystyle \psi _{nlm}(r,\ \theta ,\ \phi )=A_{nl}j_{l}(\xi _{nl}\,r/r_{0})\,Y_{lm}(\theta ,\ \phi )}
;
其中,歸一常數
A
n
l
=
(
2
r
0
3
)
1
/
2
1
j
l
+
1
(
ξ
n
l
)
{\displaystyle A_{nl}=\left({\frac {2}{r_{0}^{3}}}\right)^{1/2}{\frac {1}{j_{l+1}(\xi _{nl})}}}
。
波函數的角部分已經歸一化,剩下來必須將徑向部分歸一化。徑向函數的歸一化條件為
1
=
A
n
l
2
∫
0
r
0
r
2
j
l
2
(
k
n
l
r
)
d
r
{\displaystyle 1=A_{nl}^{2}\int _{0}^{r_{0}}\ r^{2}j_{l}^{2}(k_{nl}r)\ dr}
;
將球貝塞爾函數與第一類貝塞爾函數的關係方程式(4)代入積分:
1
=
A
n
l
2
∫
0
r
0
r
2
π
2
k
n
l
r
J
l
+
1
/
2
2
(
k
n
l
r
)
d
r
=
A
n
l
2
π
2
k
n
l
∫
0
r
0
r
J
l
+
1
/
2
2
(
k
n
l
r
)
d
r
{\displaystyle 1=A_{nl}^{2}\int _{0}^{r_{0}}\ r^{2}\ {\frac {\pi }{2k_{nl}r}}\ J_{l+1/2}^{2}(k_{nl}r)\ dr=A_{nl}^{2}{\frac {\pi }{2k_{nl}}}\int _{0}^{r_{0}}\ rJ_{l+1/2}^{2}(k_{nl}r)\ dr}
。
設定變數
x
=
r
/
r
0
{\displaystyle x=r/r_{0}}
,代入積分:
1
=
A
n
l
2
π
r
0
2
2
k
n
l
∫
0
1
x
J
l
+
1
/
2
2
(
k
n
l
r
0
x
)
d
x
=
A
n
l
2
π
r
0
3
2
ξ
n
l
∫
0
1
x
J
l
+
1
/
2
2
(
ξ
n
l
x
)
d
x
{\displaystyle 1=A_{nl}^{2}{\frac {\pi r_{0}^{2}}{2k_{nl}}}\int _{0}^{1}\ xJ_{l+1/2}^{2}(k_{nl}r_{0}x)\ dx=A_{nl}^{2}{\frac {\pi r_{0}^{3}}{2\xi _{nl}}}\int _{0}^{1}\ xJ_{l+1/2}^{2}(\xi _{nl}x)\ dx}
。
根據貝塞爾函數的正交歸一性 方程式 ,
∫
0
1
x
J
α
(
x
ξ
m
α
)
J
α
(
x
ξ
n
α
)
d
x
=
δ
m
n
2
J
α
+
1
(
ξ
n
α
)
2
{\displaystyle \int _{0}^{1}xJ_{\alpha }(x\xi _{m\alpha })J_{\alpha }(x\xi _{n\alpha })dx={\frac {\delta _{mn}}{2}}J_{\alpha +1}(\xi _{n\alpha })^{2}}
;
其中,
α
>
−
1
{\displaystyle \alpha >-1}
,
δ
m
n
{\displaystyle \delta _{mn}}
為克羅內克δ ,
ξ
n
α
{\displaystyle \xi _{n\alpha }}
表示
J
α
(
x
)
{\displaystyle J_{\alpha }(x)}
的第
n
{\displaystyle n}
個0點。
注意到
j
l
(
x
)
{\displaystyle j_{l}(x)}
的第
n
{\displaystyle n}
個0點
ξ
n
l
{\displaystyle \xi _{nl}}
也是
J
l
+
1
/
2
(
x
)
{\displaystyle J_{l+1/2}(x)}
的第
n
{\displaystyle n}
個0點。所以,
1
=
A
n
l
2
π
r
0
3
4
ξ
n
l
J
l
+
3
/
2
2
(
ξ
n
l
)
=
A
n
l
2
r
0
3
2
j
l
+
1
2
(
ξ
n
l
)
{\displaystyle 1=A_{nl}^{2}\ {\frac {\pi r_{0}^{3}}{4\xi _{nl}}}\ J_{l+3/2}^{2}(\xi _{nl})=A_{nl}^{2}\ {\frac {r_{0}^{3}}{2}}\ j_{l+1}^{2}(\xi _{nl})}
。
取平方根,歸一常數
A
n
l
=
(
2
r
0
3
)
1
/
2
1
j
l
+
1
(
ξ
n
l
)
{\displaystyle A_{nl}=\left({\frac {2}{r_{0}^{3}}}\right)^{1/2}{\frac {1}{j_{l+1}(\xi _{nl})}}}
。
三維均向諧振子 的位勢為
V
(
r
)
=
1
2
μ
ω
2
r
2
{\displaystyle V(r)={\tfrac {1}{2}}\mu \omega ^{2}r^{2}}
;
其中,
ω
{\displaystyle \omega }
是角頻率 。
用階梯算符 的方法,可以證明N維諧振子的能量是
E
n
=
ℏ
ω
(
n
+
N
2
)
with
n
=
0
,
1
,
…
,
∞
,
{\displaystyle E_{n}=\hbar \omega (n+{\tfrac {N}{2}})\quad {\hbox{with}}\quad n=0,1,\ldots ,\infty ,}
。
所以,三維均向諧振子的徑向薛丁格方程式是
[
−
ℏ
2
2
μ
d
2
d
r
2
+
ℏ
2
l
(
l
+
1
)
2
μ
r
2
+
1
2
μ
ω
2
r
2
−
ℏ
ω
(
n
+
3
2
)
]
u
(
r
)
=
0
{\displaystyle \left[-{\hbar ^{2} \over 2\mu }{d^{2} \over dr^{2}}+{\hbar ^{2}l(l+1) \over 2\mu r^{2}}+{\frac {1}{2}}\mu \omega ^{2}r^{2}-\hbar \omega (n+{\frac {3}{2}})\right]u(r)=0}
。(5)
設定常數
γ
{\displaystyle \gamma }
,
γ
≡
μ
ω
ℏ
{\displaystyle \gamma \equiv {\frac {\mu \omega }{\hbar }}}
。
回想
u
(
r
)
=
r
R
(
r
)
{\displaystyle u(r)=rR(r)}
,則徑向薛丁格方程式有一個歸一化 的解答:
R
n
l
(
r
)
=
N
n
l
r
l
e
−
1
2
γ
r
2
L
1
2
(
n
−
l
)
(
l
+
1
2
)
(
γ
r
2
)
{\displaystyle R_{nl}(r)=N_{nl}\,r^{l}\,e^{-{\frac {1}{2}}\gamma r^{2}}\;L_{{\frac {1}{2}}(n-l)}^{(l+{\frac {1}{2}})}(\gamma r^{2})}
;
其中,函數
L
k
(
α
)
(
γ
r
2
)
{\displaystyle L_{k}^{(\alpha )}(\gamma r^{2})}
是廣義拉蓋爾多項式 ,
N
n
l
{\displaystyle N_{nl}}
是歸一化常數:
N
n
l
=
[
2
n
+
l
+
2
γ
l
+
3
2
π
1
2
]
1
2
[
[
1
2
(
n
−
l
)
]
!
[
1
2
(
n
+
l
)
]
!
(
n
+
l
+
1
)
!
]
1
2
{\displaystyle N_{nl}=\left[{\frac {2^{n+l+2}\,\gamma ^{l+{\frac {3}{2}}}}{\pi ^{\frac {1}{2}}}}\right]^{\frac {1}{2}}\left[{\frac {[{\frac {1}{2}}(n-l)]!\;[{\frac {1}{2}}(n+l)]!}{(n+l+1)!}}\right]^{\frac {1}{2}}}
。
本徵能級
E
n
{\displaystyle E_{n}}
的本徵函數
R
n
l
{\displaystyle R_{nl}}
,乘以球諧函數
Y
l
m
(
θ
,
ϕ
)
{\displaystyle Y_{lm}(\theta ,\phi )}
,就是薛丁格方程式的整個解答:
ψ
n
l
m
=
R
n
l
(
r
)
Y
l
m
(
θ
,
ϕ
)
{\displaystyle \psi _{nlm}=R_{nl}(r)\,Y_{lm}(\theta ,\ \phi )}
;
其中
l
=
n
,
n
−
2
,
…
,
l
m
i
n
{\displaystyle l=n,\ n-2,\ \ldots ,\ l_{\mathrm {min} }}
。假若
n
{\displaystyle n}
是偶數,設定
l
m
i
n
=
0
{\displaystyle l_{\mathrm {min} }=0}
;否則,設定
l
m
i
n
=
1
{\displaystyle l_{\mathrm {min} }=1}
。
在這導引裏,徑向方程式會被轉換為廣義拉蓋爾微分方程式。這方程式的解是廣義拉蓋爾多項式。再將廣義拉蓋爾多項式歸一化以後,就是所要的答案。
首先,將徑向坐標無因次化 ,設定變數
y
=
γ
r
{\displaystyle y={\sqrt {\gamma }}r}
;其中,
γ
≡
μ
ω
ℏ
{\displaystyle \gamma \equiv {\frac {\mu \omega }{\hbar }}}
。則方程式(5)變為
[
d
2
d
y
2
−
l
(
l
+
1
)
y
2
−
y
2
+
2
n
−
3
]
v
(
y
)
=
0
{\displaystyle \left[{d^{2} \over dy^{2}}-{l(l+1) \over y^{2}}-y^{2}+2n-3\right]v(y)=0}
;(6)
其中,
v
(
y
)
=
u
(
y
/
γ
)
{\displaystyle v(y)=u\left(y/{\sqrt {\gamma }}\right)}
是新的函數。
當
y
{\displaystyle y}
接近0時,方程式(6)最顯著的項目是
[
d
2
d
y
2
−
l
(
l
+
1
)
y
2
]
v
(
y
)
=
0
{\displaystyle \left[{d^{2} \over dy^{2}}-{l(l+1) \over y^{2}}\right]v(y)=0}
。
所以,
v
(
y
)
{\displaystyle v(y)}
與
y
l
+
1
{\displaystyle y^{l+1}}
成正比。
又當
y
{\displaystyle y}
無窮遠時,方程式(6)最顯著的項目是
[
d
2
d
y
2
−
y
2
]
v
(
y
)
=
0
{\displaystyle \left[{d^{2} \over dy^{2}}-y^{2}\right]v(y)=0}
。
因此,
v
(
y
)
{\displaystyle v(y)}
與
e
−
y
2
/
2
{\displaystyle e^{-y^{2}/2}}
成正比。
為了除去
v
(
y
)
{\displaystyle v(y)}
在原點與無窮遠的極限性態,達到孤立解答函數的形式的目的,必須使用
v
(
y
)
{\displaystyle v(y)}
的替換方程式:
v
(
y
)
=
y
l
+
1
e
−
y
2
/
2
f
(
y
)
{\displaystyle v(y)=y^{l+1}e^{-y^{2}/2}f(y)}
。
經過一番運算,這個替換將微分方程式(6)轉換為
[
d
2
d
y
2
+
2
(
l
+
1
y
−
y
)
d
d
y
+
2
n
−
2
l
]
f
(
y
)
=
0
{\displaystyle \left[{d^{2} \over dy^{2}}+2\left({\frac {l+1}{y}}-y\right){\frac {d}{dy}}+2n-2l\right]f(y)=0}
。(7)
設定變數
x
=
y
2
{\displaystyle x=y^{2}}
,則微分算子為
d
d
y
=
d
x
d
y
d
d
x
=
2
y
d
d
x
=
2
x
d
d
x
{\displaystyle {\frac {d}{dy}}={\frac {dx}{dy}}{\frac {d}{dx}}=2y{\frac {d}{dx}}=2{\sqrt {x}}{\frac {d}{dx}}}
,
d
2
d
y
2
=
d
d
y
(
2
y
d
d
x
)
=
4
x
d
2
d
x
2
+
2
d
d
x
{\displaystyle {\frac {d^{2}}{dy^{2}}}={\frac {d}{dy}}\left(2y{\frac {d}{dx}}\right)=4x{\frac {d^{2}}{dx^{2}}}+2{\frac {d}{dx}}}
。
代入方程式(7),就可得到廣義拉蓋爾方程式:
x
d
2
g
d
x
2
+
(
(
l
+
1
2
)
+
1
−
x
)
d
g
d
x
+
1
2
(
n
−
l
)
g
(
x
)
=
0
{\displaystyle x{\frac {d^{2}g}{dx^{2}}}+{\Big (}(l+{\tfrac {1}{2}})+1-x{\Big )}{\frac {dg}{dx}}+{\tfrac {1}{2}}(n-l)g(x)=0}
;
其中,函數
g
(
x
)
≡
f
(
x
)
{\displaystyle g(x)\equiv f({\sqrt {x}})}
。
假若,
k
≡
(
n
−
l
)
/
2
{\displaystyle k\equiv (n-l)/2}
是一個非負整數,則廣義拉蓋爾方程式的解答是廣義拉蓋爾多項式:
g
(
x
)
=
L
k
(
l
+
1
2
)
(
x
)
{\displaystyle g(x)=L_{k}^{(l+{\frac {1}{2}})}(x)}
。
因為
k
{\displaystyle k}
是非負整數,要求
n
≥
l
{\displaystyle n\geq l}
。
n
{\displaystyle n}
與
l
{\displaystyle l}
同時為奇數或同時為偶數。這證明了前面所述
l
{\displaystyle l}
必須遵守的條件。
回憶到
u
(
r
)
=
r
R
(
r
)
{\displaystyle u(r)=rR(r)}
,徑向函數可以表達為
R
n
l
(
r
)
=
N
n
l
r
l
e
−
1
2
γ
r
2
L
1
2
(
n
−
l
)
(
l
+
1
2
)
(
γ
r
2
)
{\displaystyle R_{nl}(r)=N_{nl}\,r^{l}\,e^{-{\frac {1}{2}}\gamma r^{2}}\;L_{{\frac {1}{2}}(n-l)}^{(l+{\frac {1}{2}})}(\gamma r^{2})}
;
其中,
N
n
l
{\displaystyle N_{nl}}
是歸一常數。
R
n
l
(
r
)
{\displaystyle R_{nl}(r)}
的歸一條件是
∫
0
∞
r
2
|
R
n
l
(
r
)
|
2
d
r
=
1
{\displaystyle \int _{0}^{\infty }r^{2}|R_{nl}(r)|^{2}\,dr=1}
。
設定
q
=
γ
r
2
{\displaystyle q=\gamma r^{2}}
。將
R
n
l
{\displaystyle R_{nl}}
與
q
{\displaystyle q}
代入積分方程式:
N
n
l
2
2
γ
l
+
3
2
∫
0
∞
q
l
+
1
2
e
−
q
[
L
1
2
(
n
−
l
)
(
l
+
1
2
)
(
q
)
]
2
d
q
=
1
{\displaystyle {\frac {N_{nl}^{2}}{2\gamma ^{l+{3 \over 2}}}}\int _{0}^{\infty }q^{l+{1 \over 2}}e^{-q}\left[L_{{\frac {1}{2}}(n-l)}^{(l+{\frac {1}{2}})}(q)\right]^{2}\,dq=1}
。
應用廣義拉蓋爾多項式的正交歸一性 ,這方程式簡化為
N
n
l
2
2
γ
l
+
3
2
⋅
Γ
[
1
2
(
n
+
l
+
1
)
+
1
]
[
1
2
(
n
−
l
)
]
!
=
1
{\displaystyle {\frac {N_{nl}^{2}}{2\gamma ^{l+{3 \over 2}}}}\cdot {\frac {\Gamma [{\frac {1}{2}}(n+l+1)+1]}{[{\frac {1}{2}}(n-l)]!}}=1}
。
因此,歸一常數可以表達為
N
n
l
=
2
γ
l
+
3
2
(
n
−
l
2
)
!
Γ
(
n
+
l
2
+
3
2
)
{\displaystyle N_{nl}={\sqrt {\frac {2\,\gamma ^{l+{3 \over 2}}\,({\frac {n-l}{2}})!}{\Gamma ({\frac {n+l}{2}}+{\frac {3}{2}})}}}}
。
應用伽瑪函數 的數學特性,同時注意
n
{\displaystyle n}
與
l
{\displaystyle l}
的奇偶性相同,可以導引出其它形式的歸一常數。伽瑪函數變為
Γ
[
1
2
+
(
n
+
l
2
+
1
)
]
=
π
(
n
+
l
+
1
)
!
!
2
n
+
l
2
+
1
=
π
(
n
+
l
+
1
)
!
2
n
+
l
+
1
[
1
2
(
n
+
l
)
]
!
{\displaystyle \Gamma \left[{1 \over 2}+\left({\frac {n+l}{2}}+1\right)\right]={\frac {{\sqrt {\pi }}(n+l+1)!!}{2^{{\frac {n+l}{2}}+1}}}={\frac {{\sqrt {\pi }}(n+l+1)!}{2^{n+l+1}[{\frac {1}{2}}(n+l)]!}}}
。
在這裏用到了雙階乘 (double factorial )的定義。
所以,歸一常數等於
N
n
l
=
[
2
n
+
l
+
2
γ
l
+
3
2
[
1
2
(
n
−
l
)
]
!
[
1
2
(
n
+
l
)
]
!
π
1
2
(
n
+
l
+
1
)
!
]
1
2
{\displaystyle N_{nl}=\left[{\frac {2^{n+l+2}\,\gamma ^{l+{3 \over 2}}\,[{1 \over 2}(n-l)]!\;[{1 \over 2}(n+l)]!}{\;\pi ^{1 \over 2}(n+l+1)!}}\right]^{1 \over 2}}
。
類氫原子只含有一個原子核 與一個電子 ,是個簡單的二體系統 。兩個物體之間,互相作用的位勢遵守庫侖定律 :
V
(
r
)
=
−
1
4
π
ϵ
0
Z
e
2
r
{\displaystyle V(r)=-{\frac {1}{4\pi \epsilon _{0}}}{\frac {Ze^{2}}{r}}}
;
其中,
ϵ
0
{\displaystyle \epsilon _{0}}
是真空電容率 ,
Z
{\displaystyle Z}
是原子序 ,
e
{\displaystyle e}
是單位電荷量 ,
r
{\displaystyle r}
是電子離原子核 的徑向距離。
將位勢代入方程式(1),
{
−
ℏ
2
2
μ
r
2
d
d
r
(
r
2
d
d
r
)
+
ℏ
2
l
(
l
+
1
)
2
μ
r
2
−
1
4
π
ϵ
0
Z
e
2
r
}
R
(
r
)
=
E
R
(
r
)
{\displaystyle \left\{-{\hbar ^{2} \over 2\mu r^{2}}{d \over dr}\left(r^{2}{d \over dr}\right)+{\hbar ^{2}l(l+1) \over 2\mu r^{2}}-{\frac {1}{4\pi \epsilon _{0}}}{\frac {Ze^{2}}{r}}\right\}R(r)=ER(r)}
。
這方程式的解答是
R
n
l
(
r
)
=
(
2
Z
n
a
μ
)
3
(
n
−
l
−
1
)
!
2
n
[
(
n
+
l
)
!
]
3
e
−
Z
r
/
n
a
μ
(
2
Z
r
n
a
μ
)
l
L
n
−
l
−
1
2
l
+
1
(
2
Z
r
n
a
μ
)
{\displaystyle R_{nl}(r)={\sqrt {{\left({\frac {2Z}{na_{\mu }}}\right)}^{3}{\frac {(n-l-1)!}{2n[(n+l)!]^{3}}}}}e^{-Zr/{na_{\mu }}}\left({\frac {2Zr}{na_{\mu }}}\right)^{l}L_{n-l-1}^{2l+1}\left({\frac {2Zr}{na_{\mu }}}\right)}
;
其中,
a
μ
=
4
π
ε
0
ℏ
2
μ
e
2
{\displaystyle a_{\mu }={{4\pi \varepsilon _{0}\hbar ^{2}} \over {\mu e^{2}}}}
。
a
μ
{\displaystyle a_{\mu }}
近似於波耳半徑
a
0
{\displaystyle a_{0}}
。假若,原子核的質量是無限大的,則
a
μ
=
a
0
{\displaystyle a_{\mu }=a_{0}}
,並且,約化質量等於電子的質量,
μ
=
m
e
{\displaystyle \mu =m_{e}}
。
L
n
−
l
−
1
2
l
+
1
{\displaystyle L_{n-l-1}^{2l+1}}
是廣義拉蓋爾多項式,定義為[ 1]
L
i
j
(
x
)
=
(
−
1
)
j
d
j
d
x
j
L
i
+
j
(
x
)
{\displaystyle L_{i}^{j}(x)=(-1)^{j}\ {\frac {d^{j}}{dx^{j}}}L_{i+j}(x)}
;
其中,
L
i
+
j
(
x
)
{\displaystyle L_{i+j}(x)}
是拉蓋爾多項式 ,可用羅德里格公式表示為
L
i
(
x
)
=
e
x
i
!
d
i
d
x
i
(
x
i
e
−
x
)
{\displaystyle L_{i}(x)={\frac {e^{x}}{i!}}\ {\frac {d^{i}}{dx^{i}}}(x^{i}e^{-x})}
。
為了滿足
R
n
l
(
r
)
{\displaystyle R_{nl}(r)}
的邊界條件,
n
{\displaystyle n}
必須是正值整數,能量也離散為能級
E
n
=
−
(
Z
2
μ
e
4
32
π
2
ϵ
0
2
ℏ
2
)
1
n
2
=
−
13.6
Z
2
n
2
(
e
V
)
{\displaystyle E_{n}=-\left({\frac {Z^{2}\mu e^{4}}{32\pi ^{2}\epsilon _{0}^{2}\hbar ^{2}}}\right){\frac {1}{n^{2}}}={\frac {-13.6Z^{2}}{n^{2}}}\ (eV)}
。隨著量子數的不同,函數
R
n
l
(
r
)
{\displaystyle R_{nl}(r)}
與
Y
l
m
{\displaystyle Y_{lm}}
都會有對應的改變。為了要結束廣義拉蓋爾多項式的遞迴關係 ,必須要求
l
<
n
{\displaystyle l<n}
。
知道徑向函數
R
n
l
(
r
)
{\displaystyle R_{nl}(r)}
與球諧函數
Y
l
m
{\displaystyle Y_{lm}}
的形式,就可以寫出整個類氫原子量子態的波函數,也就是薛丁格方程式的整個解答:
ψ
n
l
m
=
R
n
l
(
r
)
Y
l
m
(
θ
,
ϕ
)
{\displaystyle \psi _{nlm}=R_{nl}(r)\,Y_{lm}(\theta ,\phi )}
。
為了要簡化薛丁格方程式,設定能量與長度的原子單位 (atomic unit )
E
h
=
m
e
(
e
2
4
π
ε
0
ℏ
)
2
{\displaystyle E_{\textrm {h}}=m_{\textrm {e}}\left({\frac {e^{2}}{4\pi \varepsilon _{0}\hbar }}\right)^{2}}
,
a
0
=
4
π
ε
0
ℏ
2
m
e
e
2
{\displaystyle a_{0}={{4\pi \varepsilon _{0}\hbar ^{2}} \over {m_{\textrm {e}}e^{2}}}}
。
將變數
y
=
Z
r
/
a
0
{\displaystyle y=Zr/a_{0}}
與
W
=
E
/
(
Z
2
E
h
)
{\displaystyle W=E/(Z^{2}E_{\textrm {h}})}
代入徑向薛丁格方程式(2):
[
−
1
2
d
2
d
y
2
+
1
2
l
(
l
+
1
)
y
2
−
1
y
]
u
l
=
W
u
l
{\displaystyle \left[-{\frac {1}{2}}{\frac {d^{2}}{dy^{2}}}+{\frac {1}{2}}{\frac {l(l+1)}{y^{2}}}-{\frac {1}{y}}\right]u_{l}=Wu_{l}}
。(8)
這方程式有兩類解答:
W
<
0
{\displaystyle W<0}
:量子態是束縛態 ,其本徵函數是平方可積函數 。量子化的
W
{\displaystyle W}
造成了離散的能量譜。
W
≥
0
{\displaystyle W\geq 0}
:量子態是散射態 ,其本徵函數不是平方可積函數。
這條目只講述第(1)類解答。設定正實數
α
≡
2
−
2
W
{\displaystyle \alpha \equiv 2{\sqrt {-2W}}}
與
x
≡
α
y
{\displaystyle x\equiv \alpha y}
。代入方程式(8):
[
d
2
d
x
2
−
l
(
l
+
1
)
x
2
+
2
α
x
−
1
4
]
u
l
=
0
{\displaystyle \left[{\frac {d^{2}}{dx^{2}}}-{\frac {l(l+1)}{x^{2}}}+{\frac {2}{\alpha x}}-{\frac {1}{4}}\right]u_{l}=0}
。(9)
當
x
{\displaystyle x}
接近0時,方程式(9)最顯著的項目是
[
d
2
d
x
2
−
l
(
l
+
1
)
x
2
]
u
l
=
0
{\displaystyle \left[{\frac {d^{2}}{dx^{2}}}-{\frac {l(l+1)}{x^{2}}}\right]u_{l}=0}
。
所以,
u
l
(
x
)
{\displaystyle u_{l}(x)}
與
x
l
+
1
{\displaystyle x^{l+1}}
成正比。
又當
x
{\displaystyle x}
無窮遠時,方程式(9)最顯著的項目是
[
d
2
d
x
2
−
1
4
]
u
l
=
0
{\displaystyle \left[{\frac {d^{2}}{dx^{2}}}-{\frac {1}{4}}\right]u_{l}=0}
。
因此,
u
l
(
x
)
{\displaystyle u_{l}(x)}
與
e
−
x
/
2
{\displaystyle e^{-x/2}}
成正比。
為了除去
u
l
(
x
)
{\displaystyle u_{l}(x)}
在原點與無窮遠的極限性態,達到孤立解答函數的形式的目的,必須使用
u
l
(
x
)
{\displaystyle u_{l}(x)}
的替換方程式:
u
l
(
x
)
=
x
l
+
1
e
−
x
/
2
f
l
(
x
)
{\displaystyle u_{l}(x)=x^{l+1}e^{-x/2}f_{l}(x)}
。
經過一番運算,得到
f
l
(
x
)
{\displaystyle f_{l}(x)}
的方程式:
[
x
d
2
d
x
2
+
(
2
l
+
2
−
x
)
d
d
x
+
(
ν
−
l
−
1
)
]
f
l
(
x
)
=
0
{\displaystyle \left[x{\frac {d^{2}}{dx^{2}}}+(2l+2-x){\frac {d}{dx}}+(\nu -l-1)\right]f_{l}(x)=0}
;
其中,
ν
=
(
−
2
W
)
−
1
2
{\displaystyle \nu =(-2W)^{-{\frac {1}{2}}}}
。
假若,
ν
−
l
−
1
{\displaystyle \nu -l-1}
是個非負整數
k
{\displaystyle k}
,則這方程式的解答是廣義拉蓋爾多項式
L
k
(
2
l
+
1
)
(
x
)
,
k
=
0
,
1
,
…
{\displaystyle L_{k}^{(2l+1)}(x),\qquad k=0,1,\ldots }
。
採用Abramowitz and Stegun的慣例[ 1] 。無因次的能量是
W
=
−
1
2
n
2
{\displaystyle W=-{\frac {1}{2n^{2}}}}
;
其中,主量子數
n
≡
k
+
l
+
1
{\displaystyle n\equiv k+l+1}
滿足
n
≥
l
+
1
{\displaystyle n\geq l+1}
,或
l
≤
n
−
1
{\displaystyle l\leq n-1}
。
由於
α
=
2
/
n
{\displaystyle \alpha =2/n}
,徑向波函數是
R
n
l
(
r
)
=
(
2
Z
n
a
0
)
3
⋅
(
n
−
l
−
1
)
!
2
n
[
(
n
+
l
)
!
]
3
e
−
Z
r
n
a
0
(
2
Z
r
n
a
0
)
l
L
n
−
l
−
1
2
l
+
1
(
2
Z
r
n
a
0
)
{\displaystyle R_{nl}(r)={\sqrt {\left({\frac {2Z}{na_{0}}}\right)^{3}\cdot {\frac {(n-l-1)!}{2n[(n+l)!]^{3}}}}}\;e^{-{\textstyle {\frac {Zr}{na_{0}}}}}\left({\frac {2Zr}{na_{0}}}\right)^{l}\;L_{n-l-1}^{2l+1}\left({\frac {2Zr}{na_{0}}}\right)}
。
能量是
E
=
−
Z
2
2
n
2
E
h
=
−
Z
2
2
n
2
m
e
(
e
2
4
π
ε
0
ℏ
)
2
,
n
=
1
,
2
,
…
{\displaystyle E=-{\frac {Z^{2}}{2n^{2}}}E_{\textrm {h}}=-{\frac {Z^{2}}{2n^{2}}}m_{\textrm {e}}\left({\frac {e^{2}}{4\pi \varepsilon _{0}\hbar }}\right)^{2},\qquad n=1,2,\ldots }
。